精选考研数学二历年真题及答案详解(2023-2023).doc – 人人文库(考研数学二历年难度排行)

精选考研数学二历年真题及答案详解(2023—2023)数学二历年考研试题及答案详解〔2023~2023〕pagepagepage1362023年全国硕士研究生入学统一考试数学二试题一、选择题1—8小题．每题4分，共32分．１．设，当时，〔〕〔a〕比高阶的无穷小〔b〕比低阶的无穷小〔c〕与同阶但不等价无穷小〔d〕与等价无穷小2．是由方程确定，那么〔〕〔a〕2〔b〕1〔c〕-1〔d〕-2３．设，那么〔〕〔ａ〕为的跳跃间断点．〔ｂ〕为的可去间断点．〔ｃ〕在连续但不可导．〔ｄ〕在可导．４．设函数，且反常积分收敛，那么〔〕〔a〕〔b〕〔c〕〔d〕５．设函数，其中可微，那么〔〕〔a〕〔b〕〔c〕〔d〕6．设是圆域的第象限的局部，记，那么〔〕〔a〕〔b〕〔c〕〔d〕7．设ａ，ｂ，ｃ均为阶矩阵，假设ａｂ＝ｃ，且ｂ可逆，那么〔a〕矩阵c的行向量组与矩阵a的行向量组等价．〔b〕矩阵c的列向量组与矩阵a的列向量组等价．〔c〕矩阵c的行向量组与矩阵b的行向量组等价．〔d〕矩阵c的列向量组与矩阵b的列向量组等价．8．矩阵与矩阵相似的充分必要条件是〔a〕〔b〕，为任意常数〔c〕〔d〕，为任意常数二、填空题〔此题共6小题，每题4分，总分值24分.把答案填在题中横线上〕9．．10．设函数，那么的反函数在处的导数．11．设封闭曲线l的极坐标方程为为参数，那么l所围成的平面图形的面积为．12．曲线上对应于处的法线方程为．13．是某个二阶常系数线性微分方程三个解，那么满足方程的解为．14．设是三阶非零矩阵，为其行列式，为元素的代数余子式，且满足，那么=．三、解答题15．〔此题总分值10分〕当时，与是等价无穷小，求常数．16．〔此题总分值10分〕设d是由曲线，直线及轴所转成的平面图形，分别是d绕轴和轴旋转一周所形成的立体的体积，假设，求的值．17．〔此题总分值10分〕设平面区域d是由曲线所围成，求．18．〔此题总分值10分〕设奇函数在上具有二阶导数，且，证明:〔1〕存在，使得；〔2〕存在，使得．19．〔此题总分值10分〕求曲线上的点到坐标原点的最长距离和最短距离．20．〔此题总分值11〕设函数⑴求的最小值；⑵设数列满足，证明极限存在，并求此极限．21．〔此题总分值11〕设曲线l的方程为．〔1〕求l的弧长．〔2〕设d是由曲线l，直线及轴所围成的平面图形，求d的形心的横坐标．22．此题总分值11分〕设，问当为何值时，存在矩阵c，使得，并求出所有矩阵c．23〔此题总分值11分〕设二次型．记．〔1〕证明二次型对应的矩阵为；〔2〕假设正交且为单位向量，证明在正交变换下的标准形为．2023年全国硕士研究生入学统一考试数学二试题一、选择题:1-8小题,每题4分,共32分.以下每题给出的四个选项中,只有一个选项符合题目要求的,请将所选项前的字母填在答题纸指定位置上.(1)曲线的渐近线条数()(a)0(b)1(c)2(d)3(2)设函数，其中为正整数,那么()(a)(b)(c)(d)(3)设，那么数列有界是数列收敛的()(a)充分必要条件(b)充分非必要条件(c)必要非充分条件(d)非充分也非必要(4)设那么有()(a)(b)(c)(d)(5)设函数为可微函数，且对任意的都有那么使不等式成立的一个充分条件是()(a)(b)(c)(d)(6)设区域由曲线围成，那么()(a)(b)2(c)-2(d)-(7)设,,,,其中为任意常数，那么以下向量组线性相关的为()(a)(b)(c)(d)(8)设为3阶矩阵，为3阶可逆矩阵，且.假设，那么()(a)(b)(c)(d)二、填空题:9-14小题,每题4分,共24分.请将答案写在答题纸指定位置上.(9)设是由方程所确定的隐函数，那么.(10).(11)设其中函数可微，那么.(12)微分方程满足条件的解为.(13)曲线上曲率为的点的坐标是.(14)设为3阶矩阵，，为伴随矩阵，假设交换的第1行与第2行得矩阵，那么.三、解答题:15-23小题,共94分.请将解答写在答题纸指定位置上.解容许写出文字说明、证明过程或演算步骤.(15)(此题总分值10分)函数，记，(i)求的值;(ii)假设时，与是同阶无穷小，求常数的值.(16)(此题总分值10分)求函数的极值.(17)(此题总分值12分)过点作曲线的切线,切点为,又与轴交于点,区域由与直线围成,求区域的面积及绕轴旋转一周所得旋转体的体积.(18)(此题总分值10分)计算二重积分，其中区域为曲线与极轴围成.(19)(此题总分值10分)函数满足方程及,(i)求的表达式;(ii)求曲线的拐点.(20)(此题总分值10分)证明,.(21)(此题总分值10分)(i)证明方程，在区间内有且仅有一个实根；(ii)记(i)中的实根为，证明存在，并求此极限.(22)(此题总分值11分)设，(i)计算行列式；(ii)当实数为何值时，方程组有无穷多解，并求其通解.(23)(此题总分值11分)，二次型的秩为2，(i)求实数的值；(ii)求正交变换将化为标准形.2023年全国硕士研究生入学统一考试数学二试题选择题:1～8小题，每题4分，共32分。以下每题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的，请将所选项前的字母填在答题纸指定位置上。〔1〕当时，函数与是等价无穷小，那么〔〕〔a〕〔b〕〔c〕〔d〕〔2〕设函数在处可导，且，那么〔〕〔a〕〔b〕〔c〕〔d〕〔3〕函数的驻点个数为〔〕〔a〕0〔b〕1〔c〕2〔d〕3〔4〕微分方程的特解形式为〔〕〔a〕〔b〕〔c〕〔d〕〔5〕设函数，均有二阶连续导数，满足，，那么函数在点处取得极小值的一个充分条件是〔〕〔a〕，〔b〕，〔c〕，〔d〕，〔6〕设，，，那么，，的大小关系为〔〕〔a〕〔b〕〔c〕〔d〕〔7〕设为3阶矩阵，将的第2列加到第1列得矩阵，再交换的第2行与第3行得单位矩阵。记，，那么=〔〕〔a〕〔b〕〔c〕〔d〕〔8〕设是4阶矩阵，为的伴随矩阵。假设是方程组的一个根底解系，那么的根底解系可为〔〕〔a〕〔b〕〔c〕〔d〕二、填空题:9～14小题，每题4分，共24分。请将答案写在答题纸指定位置上。〔9〕。〔10〕微分方程满足条件的解为。〔11〕曲线的弧长。〔12〕设函数，那么。〔13〕设平面区域由直线，圆及轴所围成，那么二重积分。〔14〕二次型，那么的正惯性指数为。三、解答题:15～23小题，共94分。请将解答写在答题纸指定位置上，解容许字说明、证明过程或演算步骤。〔15〕〔此题总分值10分〕函数，设，试求的取值范围。〔16〕〔此题总分值11分〕设函数由参数方程确定，求的极值和曲线的凹凸区间及拐点。〔17〕〔此题总分值9分〕设函数，其中函数具有二阶连续偏导数，函数可导且在处取得极值，求。〔18〕〔此题总分值10分〕设函数具有二阶导数，且曲线与直线相切于原点，记为曲线在点处切线的倾角，假设，求的表达式。〔19〕〔此题总分值10分〕〔=1\*romani〕证明:对任意的正整数，都有成立。〔=2\*romanii〕设，证明数列收敛。〔20〕〔此题总分值11分〕一容器的内侧是由图中曲线绕轴旋转一周而成的曲面，该曲线由与连接而成。〔=1\*romani〕求容器的容积；〔=2\*romanii〕假设将容器内盛满的水沉着器顶部全部抽出，至少需要做多少功？〔长度单位:，重力加速度为，水的密度为〕〔21〕〔此题总分值11分〕函数具有二阶连续偏导数，且，，，其中，计算二重积分。〔22〕〔此题总分值11分〕设向量组，，不能由向量组，，线性表示。〔=1\*romani〕求的值；〔=2\*romanii〕将用线性表示。〔23〕〔此题总分值11分〕设为3阶实对称矩阵，的秩为2，且。〔=1\*romani〕求的所有的特征值与特征向量；〔=2\*romanii〕求矩阵。2023年全国硕士研究生入学统一考试数学二试题一选择题a0b1c2d32.设是一阶线性非齐次微分方程的两个特解，假设常数使是该方程的解，是该方程对应的齐次方程的解，那么abcda4eb3ec2ede4.设为正整数,那么反常积分的收敛性a仅与取值有关 b仅与取值有关 c与取值都有关d与取值都无关5.设函数由方程确定,其中为可微函数,且那么=a b c d6.(4)=a bc d7.设向量组，以下命题正确的选项是:a假设向量组i线性无关，那么b假设向量组i线性相关，那么r>sc假设向量组ii线性无关，那么d假设向量组ii线性相关，那么r>s设为4阶对称矩阵,且假设的秩为3,那么相似于abc d二填空题9.3阶常系数线性齐次微分方程的通解y=__________曲线的渐近线方程为_______________函数一个长方形的长l以2cm/s的速率增加，宽w以3cm/s的速率增加，那么当l=12cm,w=5cm时，它的对角线增加的速率为___________设a，b为3阶矩阵，且三解答题16.(1)比拟与的大小,说明理由.(2)记求极限设函数y=f(x)由参数方程一个高为l的柱体形贮油罐，底面是长轴为2a,短轴为2b的椭圆。现将贮油罐平放，当油罐中油面高度为时，计算油的质量。〔长度单位为m，质量单位为kg，油的密度为〕设函数f(x)在闭区间[0,1]上连续，在开区间(0,1)内可导，且f(0)=0,f(1)=,证明:存在23.设，正交矩阵q使得为对角矩阵，假设q的第一列为，求a、q.2023年全国硕士研究生入学统一考试数学二试题一、选择题:1～8小题，每题4分，共32分，以下每题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，把所选项前的字母填在题后的括号内.〔1〕函数的可去间断点的个数，那么〔〕1. 2. 3. 无穷多个.〔2〕当时，与是等价无穷小，那么〔〕. .. .〔3〕设函数的全微分为，那么点〔〕不是的连续点. 不是的极值点.是的极大值点.是的极小值点.〔4〕设函数连续，那么〔〕. . . .〔5〕假设不变号，且曲线在点上的曲率圆为，那么在区间内〔〕有极值点，无零点. 无极值点，有零点. 有极值点，有零点. 无极值点，无零点.〔6〕设函数在区间上的图形为:11-2023-1o那么函数的图形为〔〕. 0231-2-10231-2-110231-2-11.0231-110231-110231-2-11〔7〕设、均为2阶矩阵，分别为、的伴随矩阵。假设，那么分块矩阵的伴随矩阵为〔〕. . . .〔8〕设均为3阶矩阵，为的转置矩阵，且，假设，那么为〔〕. . . .二、填空题:9-14小题，每题4分，共24分，请将答案写在答题纸指定位置上.〔9〕曲线在处的切线方程为〔10〕,那么〔11〕〔12〕设是由方程确定的隐函数，那么〔13〕函数在区间上的最小值为(14)设为3维列向量，为的转置，假设矩阵相似于，那么三、解答题:15－23小题，共94分.请将解答写在答题纸指定的位置上.解容许写出文字说明、证明过程或演算步骤.〔15〕〔此题总分值9分〕求极限〔16〕〔此题总分值10分〕计算不定积分〔17〕〔此题总分值10分〕设，其中具有2阶连续偏导数，求与〔18〕〔此题总分值10分〕设非负函数满足微分方程，当曲线过原点时，其与直线及围成平面区域的面积为2，求绕轴旋转所得旋转体体积。〔19〕〔此题总分值10分〕求二重积分，其中〔20〕〔此题总分值12分〕设是区间内过的光滑曲线，当时，曲线上任一点处的法线都过原点，当时，函数满足。求的表达式〔21〕〔此题总分值11分〕〔ⅰ〕证明拉格朗日中值定理:假设函数在上连续，在可导，那么存在，使得〔ⅱ〕证明:假设函数在处连续，在内可导，且，那么存在，且。〔22〕〔此题总分值11分〕设，〔ⅰ〕求满足的所有向量〔ⅱ〕对〔ⅰ〕中的任一向量，证明:线性无关。〔23〕〔此题总分值11分〕设二次型〔ⅰ〕求二次型的矩阵的所有特征值；〔ⅱ〕假设二次型的标准形为，求的值。2023年全国硕士研究生入学统一考试数学二试题一、选择题:1～8小题，每题4分，共32分，以下每题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，把所选项前的字母填在题后的括号内.〔1〕设，那么的零点个数为〔〕0 1.2 3〔2〕曲线方程为函数在区间上有连续导数，那么定积分〔〕曲边梯形abod面积. 梯形abod面积.曲边三角形面积. 三角形面积.〔3〕在以下微分方程中，以〔为任意常数〕为通解的是〔〕 〔5〕设函数在内单调有界，为数列，以下命题正确的选项是〔〕假设收敛，那么收敛. 假设单调，那么收敛.假设收敛，那么收敛. 假设单调，那么收敛.〔6〕设函数连续，假设，其中区域为图中阴影局部，那么 〔7〕设为阶非零矩阵，为阶单位矩阵.假设，那么〔〕不可逆，不可逆. 不可逆，可逆.可逆，可逆. 可逆，不可逆.〔8〕设，那么在实数域上与合同的矩阵为〔〕. .. .二、填空题:9-14小题，每题4分，共24分，请将答案写在答题纸指定位置上.〔9〕函数连续，且，那么.〔10〕微分方程的通解是.〔11〕曲线在点处的切线方程为.〔12〕曲线的拐点坐标为______.〔13〕设，那么.〔14〕设3阶矩阵的特征值为.假设行列式，那么.三、解答题:15－23题，共94分.请将解答写在答题纸指定位置上.解容许写出文字说明、证明过程或演算步骤.(15)〔此题总分值9分〕求极限.(16)〔此题总分值10分〕设函数由参数方程确定，其中是初值问题的解.求.(17)〔此题总分值9分〕求积分.(18)〔此题总分值11分〕求二重积分其中(19)〔此题总分值11分〕设是区间上具有连续导数的单调增加函数，且.对任意的，直线，曲线以及轴所围成的曲边梯形绕轴旋转一周生成一旋转体.假设该旋转体的侧面积在数值上等于其体积的2倍，求函数的表达式.(20)〔此题总分值11分〕(1)证明积分中值定理:假设函数在闭区间上连续，那么至少存在一点，使得(2)假设函数具有二阶导数，且满足，证明至少存在一点〔21〕〔此题总分值11分〕求函数在约束条件和下的最大值与最小值.〔22〕〔此题总分值12分〕设矩阵，现矩阵满足方程，其中，，〔1〕求证；〔2〕为何值，方程组有唯一解，并求；〔3〕为何值，方程组有无穷多解，并求通解.〔此题总分值10分〕设为3阶矩阵，为的分别属于特征值特征向量，向量满足，〔1〕证明线性无关；〔2〕令，求.2023年全国硕士研究生入学统一考试数学二试题一、选择题:1～10小题，每题4分，共40分.在每题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，把所选项前的字母填在题后的括号内.〔1〕当时，与等价的无穷小量是〔a〕〔b〕〔c〕〔d〕[]〔2〕函数在上的第一类间断点是[]〔a〕0〔b〕1〔c〕〔d〕〔3〕如图，连续函数在区间上的图形分别是直径为1的上、下半圆周，在区间的图形分别是直径为2的下、上半圆周，设，那么以下结论正确的选项是:〔a〕(b)〔c〕〔d〕[]〔4〕设函数在处连续，以下命题错误的选项是:〔a〕假设存在，那么〔b〕假设存在，那么.〔c〕假设存在，那么〔d〕假设存在，那么.[]〔5〕曲线的渐近线的条数为〔a〕0.〔b〕1.〔c〕2.〔d〕3.[]〔6〕设函数在上具有二阶导数，且，令，那么以下结论正确的选项是:(a)假设，那么必收敛.(b)假设，那么必发散(c)假设，那么必收敛.(d)假设，那么必发散.[]〔7〕二元函数在点处可微的一个充要条件是[]〔a〕.〔b〕.〔c〕.〔d〕.〔8〕设函数连续，那么二次积分等于〔a〕〔b〕〔c〕〔d〕〔9〕设向量组线性无关，那么以下向量组线性相关的是线性相关，那么 (a) (b) (c). (d).[]〔10〕设矩阵，那么与(a)合同且相似〔b〕合同，但不相似.(c)不合同，但相似.(d)既不合同也不相似[]二、填空题:11～16小题，每题4分，共24分.把答案填在题中横线上.〔11〕__________.〔12〕曲线上对应于的点处的法线斜率为_________.〔13〕设函数，那么________.〔14〕二阶常系数非齐次微分方程的通解为________.〔15〕设是二元可微函数，，那么__________.〔16〕设矩阵，那么的秩为.三、解答题:17～24小题，共86分.解容许写出文字说明、证明过程或演算步骤.〔17〕(此题总分值10分)设是区间上单调、可导的函数，且满足，其中是的反函数，求.〔18〕〔此题总分值11分〕设是位于曲线下方、轴上方的无界区域.〔ⅰ〕求区域绕轴旋转一周所成旋转体的体积；〔ⅱ〕当为何值时，最小？并求此最小值.〔19〕〔此题总分值10分〕求微分方程满足初始条件的特解.〔20〕〔此题总分值11分〕函数具有二阶导数，且，函数由方程所确定，设，求.〔21〕(此题总分值11分)设函数在上连续，在内具有二阶导数且存在相等的最大值，，证明:存在，使得.〔22〕(此题总分值11分)设二元函数，计算二重积分，其中.〔23〕(此题总分值11分)设线性方程组与方程有公共解，求的值及所有公共解.〔24〕(此题总分值11分)设三阶对称矩阵的特征向量值，是的属于的一个特征向量，记，其中为3阶单位矩阵.〔=1\*romani〕验证是矩阵的特征向量，并求的全部特征值与特征向量；〔=2\*romanii〕求矩阵.2023年全国硕士研究生入学统一考试数学二试题填空题:1－6小题，每题4分，共24分.把答案填在题中横线上.〔1〕曲线的水平渐近线方程为〔2〕设函数在处连续，那么.〔3〕广义积分.〔4〕微分方程的通解是〔5〕设函数由方程确定，那么〔6〕设矩阵，为2阶单位矩阵，矩阵满足，那么.二、选择题:7－14小题，每题4分，共32分.每题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，把所选项前的字母填在题后的括号内.〔7〕设函数具有二阶导数，且，为自变量在点处的增量，分别为在点处对应的增量与微分，假设，那么[](a).(b).(c).(d).〔8〕设是奇函数，除外处处连续，是其第一类间断点，那么是〔a〕连续的奇函数. 〔b〕连续的偶函数〔c〕在间断的奇函数 〔d〕在间断的偶函数. []〔9〕设函数可微，，那么等于 〔a〕. 〔b〕 〔c〕 〔d〕 []〔10〕函数满足的一个微分方程是 〔a〕 〔b〕 〔c〕 〔d〕[]〔11〕设为连续函数，那么等于〔ａ〕.〔b〕.(c).(d).[]〔12〕设均为可微函数，且，是在约束条件下的一个极值点，以下选项正确的选项是[](a)假设，那么.(b)假设，那么.(c)假设，那么.(d)假设，那么.〔13〕设均为维列向量，为矩阵，以下选项正确的选项是[]假设线性相关，那么线性相关.假设线性相关，那么线性无关.(c)假设线性无关，那么线性相关.(d)假设线性无关，那么线性无关.〔14〕设为3阶矩阵，将的第2行加到第1行得，再将的第1列的倍加到第2列得，记，那么〔ａ〕.〔ｂ〕.〔ｃ〕.〔ｄ〕.［］三、解答题:15－23小题，共94分.解容许写出文字说明、证明过程或演算步骤.〔15〕〔此题总分值10分〕试确定的值，使得，其中是当时比高阶的无穷小.〔16〕〔此题总分值10分〕求.〔17〕〔此题总分值10分〕设区域，计算二重积分〔18〕〔此题总分值12分〕设数列满足〔ⅰ〕证明存在，并求该极限；〔ⅱ〕计算.〔19〕〔此题总分值10分〕证明:当时，.〔20〕〔此题总分值12分〕设函数在内具有二阶导数，且满足等式.〔=1\*romani〕验证；〔=2\*romanii〕假设，求函数的表达式.〔21〕〔此题总分值12分〕曲线l的方程〔i〕讨论l的凹凸性；〔ii〕过点引l的切线，求切点，并写出切线的方程；〔iii〕求此切线与l〔对应于的局部〕及x轴所围成的平面图形的面积.〔22〕〔此题总分值9分〕非齐次线性方程组有3个线性无关的解.〔ⅰ〕证明方程组系数矩阵的秩；〔ⅱ〕求的值及方程组的通解.〔23〕〔此题总分值9分〕设3阶实对称矩阵的各行元素之和均为3,向量是线性方程组的两个解.(ⅰ)求的特征值与特征向量；(ⅱ)求正交矩阵和对角矩阵,使得.2023年全国硕士研究生入学统一考试数学二试题填空题〔此题共6小题，每题4分，总分值24分.把答案填在题中横线上〕〔1〕设，那么=.〔2〕曲线的斜渐近线方程为.〔3〕.〔4〕微分方程满足的解为.〔5〕当时，与是等价无穷小，那么k=.〔6〕设均为3维列向量，记矩阵，，如果，那么.二、选择题〔此题共8小题，每题4分，总分值32分.每题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，把所选项前的字母填在题后的括号内〕〔7〕设函数，那么f(x)在内(a)处处可导.(b)恰有一个不可导点.(c)恰有两个不可导点.(d)至少有三个不可导点.[]〔8〕设f(x)是连续函数f(x)的一个原函数，表示“m的充分必要条件是n〞，那么必有f(x)是偶函数f(x)是奇函数.〔b〕f(x)是奇函数f(x)是偶函数.(c)f(x)是周期函数f(x)是周期函数.(d)f(x)是单调函数f(x)是单调函数.[]〔9〕设函数y=y(x)由参数方程确定，那么曲线y=y(x)在x=3处的法线与x轴交点的横坐标是(a).(b).(c).(d).[]〔10〕设区域，f(x)为d上的正值连续函数，a,b为常数，那么(a).(b).(c).(d).[]〔11〕设函数,其中函数具有二阶导数，具有一阶导数，那么必有(a).〔b〕.(c).(d).[]〔12〕设函数那么x=0,x=1都是f(x)的第一类间断点.〔b〕x=0,x=1都是f(x)的第二类间断点.(c)x=0是f(x)的第一类间断点，x=1是f(x)的第二类间断点.x=0是f(x)的第二类间断点，x=1是f(x)的第一类间断点.[]〔13〕设是矩阵a的两个不同的特征值，对应的特征向量分别为，那么，线性无关的充分必要条件是(a).(b).(c).(d).[]〔14〕设a为n〔〕阶可逆矩阵，交换a的第1行与第2行得矩阵b,分别为a,b的伴随矩阵，那么[]交换的第1列与第2列得.(b)交换的第1行与第2行得.(c)交换的第1列与第2列得.(d)交换的第1行与第2行得.三、解答题〔此题共9小题，总分值94分.解容许写出文字说明、证明过程或演算步骤.〕〔15〕〔此题总分值11分〕设函数f(x)连续，且，求极限〔16〕〔此题总分值11分〕如图，和分别是和的图象，过点(0,1)的曲线是一单调增函数的图象.过上任一点m(x,y)分别作垂直于x轴和y轴的直线和.记与所围图形的面积为；与所围图形的面积为如果总有，求曲线的方程〔17〕〔此题总分值11分〕如图，曲线c的方程为y=f(x)，点(3,2)是它的一个拐点，直线与分别是曲线c在点(0,0)与(3,2)处的切线，其交点为(2,4).设函数f(x)具有三阶连续导数，计算定积分〔18〕〔此题总分值12分〕用变量代换化简微分方程，并求其满足的特解.〔19〕〔此题总分值12分〕函数f(x)在[0，1]上连续，在(0,1)内可导，且f(0)=0,f(1)=1.证明:〔=1\*romani〕存在使得；〔=2\*romanii〕存在两个不同的点，使得〔20〕〔此题总分值10分〕函数z=f(x,y)的全微分，并且f(1,1,)=2.求f(x,y)在椭圆域上的最大值和最小值.〔21〕〔此题总分值9分〕计算二重积分，其中.〔22〕〔此题总分值9分〕确定常数a,使向量组可由向量组线性表示，但向量组不能由向量组线性表示.〔23〕〔此题总分值9分〕3阶矩阵a的第一行是不全为零，矩阵〔k为常数〕，且ab=o,求线性方程组ax=0的通解.2023年考硕数学〔二〕真题一.填空题〔此题共6小题，每题4分，总分值24分.把答案填在题中横线上.〕〔1〕设,那么的间断点为.〔2〕设函数由参数方程确定,那么曲线向上凸的取值范围为____..〔3〕_____..〔4〕设函数由方程确定,那么______.〔5〕微分方程满足的特解为_______.〔6〕设矩阵,矩阵满足,其中为的伴随矩阵,是单位矩阵,那么______-.二.选择题〔此题共8小题，每题4分，总分值32分.每题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求,把所选项前的字母填在题后的括号内.〕〔7〕把时的无穷小量,,排列起来,使排在后面的是前一个的高阶无穷小,那么正确的排列次序是〔a〕〔b〕〔c〕〔d〕〔8〕设,那么〔a〕是的极值点,但不是曲线的拐点.〔b〕不是的极值点,但是曲线的拐点.〔c〕是的极值点,且是曲线的拐点.〔d〕不是的极值点,也不是曲线的拐点.〔9〕等于〔a〕.〔b〕.〔c〕.〔d〕〔10〕设函数连续,且,那么存在,使得〔a〕在内单调增加.〔b〕在内单调减小.〔c〕对任意的有.〔d〕对任意的有.〔11〕微分方程的特解形式可设为〔a〕.〔b〕.〔c〕.〔d〕〔12〕设函数连续,区域,那么等于〔a〕.〔b〕.〔c〕.〔d〕〔13〕设是3阶方阵,将的第1列与第2列交换得,再把的第2列加到第3列得,那么满足的可逆矩阵为〔a〕.〔b〕.〔c〕.〔d〕.〔14〕设,为满足的任意两个非零矩阵,那么必有〔a〕的列向量组线性相关,的行向量组线性相关.〔b〕的列向量组线性相关,的列向量组线性相关.〔c〕的行向量组线性相关,的行向量组线性相关.〔d〕的行向量组线性相关,的列向量组线性相关.三.解答题〔此题共9小题，总分值94分.解容许写出文字说明、证明过程或演算步骤.〕〔15〕〔此题总分值10分〕求极限.〔16〕〔此题总分值10分〕设函数在〔〕上有定义,在区间上,,假设对任意的都满足,其中为常数.(ⅰ)写出在上的表达式;(ⅱ)问为何值时,在处可导.〔17〕〔此题总分值11分〕设,(ⅰ)证明是以为周期的周期函数;(ⅱ)求的值域.〔18〕〔此题总分值12分〕曲线与直线及围成一曲边梯形.该曲边梯形绕轴旋转一周得一旋转体,其体积为,侧面积为,在处的底面积为.(ⅰ)求的值;(ⅱ)计算极限.〔19〕〔此题总分值12分〕设,证明.〔20〕〔此题总分值11分〕某种飞机在机场降落时,为了减小滑行距离,在触地的瞬间,飞机尾部张开减速伞,以增大阻力,使飞机迅速减速并停下来.现有一质量为的飞机,着陆时的水平速度为.经测试,减速伞翻开后,飞机所受的总阻力与飞机的速度成正比(比例系数为).问从着陆点算起,飞机滑行的最长距离是多少?注表示千克,表示千米/小时.〔21〕〔此题总分值10分〕设,其中具有连续二阶偏导数,求.〔22〕〔此题总分值9分〕设有齐次线性方程组试问取何值时,该方程组有非零解,并求出其通解.〔23〕〔此题总分值9分〕设矩阵的特征方程有一个二重根,求的值,并讨论是否可相似对角化.2023年考研数学〔二〕真题填空题〔此题共6小题，每题4分，总分值24分.把答案填在题中横线上〕〔1〕假设时，与是等价无穷小，那么a=.〔2〕设函数y=f(x)由方程所确定，那么曲线y=f(x)在点(1,1)处的切线方程是.〔3〕的麦克劳林公式中项的系数是__________.〔4〕设曲线的极坐标方程为，那么该曲线上相应于从0变到的一段弧与极轴所围成的图形的面积为__________.〔5〕设为3维列向量，是的转置.假设，那么=.〔6〕设三阶方阵a,b满足，其中e为三阶单位矩阵，假设，那么________.二、选择题〔此题共6小题，每题4分，总分值24分.每题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，把所选项前的字母填在题后的括号内〕〔1〕设均为非负数列，且,,,那么必有(a)对任意n成立.(b)对任意n成立.(c)极限不存在.(d)极限不存在.[]〔2〕设,那么极限等于(a).(b).(c).(d).[]〔3〕是微分方程的解，那么的表达式为〔a〕(b)(c)(d)[]〔4〕设函数f(x)在内连续，其导函数的图形如下图，那么f(x)有一个极小值点和两个极大值点.两个极小值点和一个极大值点.两个极小值点和两个极大值点.(d)三个极小值点和一个极大值点.[]yox〔5〕设,,那么(a)(b)(c)(d)[]〔6〕设向量组=1\*romani:可由向量组=2\*romanii:线性表示，那么(a)当时，向量组=2\*romanii必线性相关.(b)当时，向量组=2\*romanii必线性相关.(c)当时，向量组=1\*romani必线性相关.(d)当时，向量组=1\*romani必线性相关.[]三、〔此题总分值10分〕设函数问a为何值时，f(x)在x=0处连续；a为何值时，x=0是f(x)的可去间断点？四、〔此题总分值9分〕设函数y=y(x)由参数方程所确定，求五、〔此题总分值9分〕计算不定积分六、〔此题总分值12分〕设函数y=y(x)在内具有二阶导数，且是y=y(x)的反函数.(1)试将x=x(y)所满足的微分方程变换为y=y(x)满足的微分方程；(2)求变换后的微分方程满足初始条件的解.七、〔此题总分值12分〕讨论曲线与的交点个数.八、〔此题总分值12分〕设位于第一象限的曲线y=f(x)过点，其上任一点p(x,y)处的法线与y轴的交点为q，且线段pq被x轴平分.求曲线y=f(x)的方程；曲线y=sinx在上的弧长为，试用表示曲线y=f(x)的弧长s.九、〔此题总分值10分〕有一平底容器，其内侧壁是由曲线绕y轴旋转而成的旋转曲面〔如图〕，容器的底面圆的半径为2m.根据设计要求，当以的速率向容器内注入液体时，液面的面积将以的速率均匀扩大〔假设注入液体前，容器内无液体〕.根据t时刻液面的面积，写出t与之间的关系式；求曲线的方程.(注:m表示长度单位米，min表示时间单位分.)十、〔此题总分值10分〕设函数f(x)在闭区间[a,b]上连续，在开区间(a,b)内可导，且假设极限存在，证明:在(a,b)内f(x)>0;(2)在(a,b)内存在点，使；(3)在(a,b)内存在与(2)中相异的点，使十一、〔此题总分值10分〕假设矩阵相似于对角阵，试确定常数a的值；并求可逆矩阵p使十二、〔此题总分值8分〕平面上三条不同直线的方程分别为，，.试证这三条直线交于一点的充分必要条件为2023年全国硕士研究生入学统一考试数学二试题答案一、选择题:1～8小题，每题4分，共32分，以下每题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求的，请将所选项前的字母填在答题纸指定位置上.〔1〕b〔2〕b〔3〕d〔4〕c〔5〕d〔6〕a〔7〕b〔8〕a二、填空题:914小题，每题4分，共24分，请将答案写在答题纸指定位置上.〔9〕〔10〕〔11〕〔12〕〔13〕〔14〕[-2,2]三、解答题:15—23小题，共94分.请将解答写在答题纸指定位置上.解容许写出文字说明、证明过程或演算步骤.〔15〕【答案】【答案】因为，①得到，，。所以时，取极大值。时，取极小值。由①可知，，因为，所以，。所以时，取极大值。时，取极小值。【答案】【答案】令，那么，故由得【答案】证明:1〕因为，所以有定积分比拟定理可知，，即。2〕令由1〕可知，所以。由是单调递增，可知由因为，所以，单调递增，所以，得证。【答案】因为所以所以〔21〕【答案】〔22〕【答案】①②〔23〕【答案】利用相似对角化的充要条件证明。2023年全国硕士研究生入学统一考试数学二试题解析一、选择题1—8小题．每题4分，共32分．１．【详解】显然当时，故应该选〔c〕．2．【分析】此题考查的隐函数的求导法那么信函数在一点导数的定义．【详解】将代入方程得，在方程两边求导，得，代入，知．，故应该选〔a〕．３．【详解】只要注意是函数的跳跃间断点，那么应该是连续点，但不可导．应选〔ｃ〕．４．【详解】，其中当且仅当时才收敛；而第二个反常积分，当且仅当才收敛．从而仅当时，反常积分才收敛，故应选〔ｄ〕．５．【详解】．应该选〔a〕．6．【详解】由极坐标系下二重积分的计算可知所以，应该选〔b〕．7．【详解】把矩阵a，c列分块如下:，由于ａｂ＝ｃ，那么可知，得到矩阵c的列向量组可用矩阵a的列向量组线性表示．同时由于b可逆，即，同理可知矩阵a的列向量组可用矩阵c的列向量组线性表示，所以矩阵c的列向量组与矩阵a的列向量组等价．应该选〔b〕．8．【详解】注意矩阵是对角矩阵，所以矩阵a=与矩阵相似的充分必要条件是两个矩阵的特征值对应相等．从而可知，即，为任意常数，应选择〔b〕．二、填空题〔此题共6小题，每题4分，总分值24分.把答案填在题中横线上〕9．【详解】．10．【详解】由反函数的求导法那么可知．11．【详解】所以．答案为．12．【详解】当时，，，所以法线方程为，也就是．13．【详解】显然和是对应的二阶常系数线性齐次微分方程两个线性无关的解，由解的结构定理，该方程的通解为，其中为任意常数．把初始条件代入可得，所以答案为14．【详解】由条件可知，其中为a的伴随矩阵，从而可知，所以可能为或0．但由结论可知，可知,伴随矩阵的秩只能为3，所以三、解答题15．【分析】主要是考查时常见函数的马克劳林展开式．【详解】当时，，，，所以，由于与是等价无穷小，所以．16．【详解】由微元法可知；；由条件，知．17．【详解】．18．【详解】证明:〔1〕由于为奇函数，那么，由于在上具有二阶导数，由拉格朗日定理，存在，使得．〔2〕由于为奇函数，那么为偶函数，由〔1〕可知存在，使得，且，令，由条件显然可知在上可导，且，由罗尔定理可知，存在，使得即．19．【分析】考查的二元函数的条件极值的拉格朗日乘子法．【详解】构造函数令，得唯一驻点，即．考虑边界上的点，；距离函数在三点的取值分别为，所以最长距离为，最短距离为1．20．【详解】〔1〕，令，得唯驻点，当时，，函数单调递减；当时，，函数单调递增．所以函数在处取得最小值．〔2〕证明:由于，但，所以，故数列单调递增．又由于，得到，数列有界．由单调有界收敛定理可知极限存在．令，那么，由〔1〕的结论可知．21．【详解】〔1〕曲线的弧微分为，所以弧长为．〔2〕设形心坐标为，那么．22．【详解】显然由可知，如果c存在，那么必须是2阶的方阵．设，那么变形为，即得到线性方程组，要使c存在，此线性方程组必须有解，于是对方程组的增广矩阵进行初等行变换如下，所以，当时，线性方程组有解，即存在矩阵c，使得．此时，，所以方程组的通解为，也就是满足的矩阵c为，其中为任意常数．23【详解】证明:〔1〕所以二次型对应的矩阵为．证明〔2〕设，由于那么，所以为矩阵对应特征值的特征向量；，所以为矩阵对应特征值的特征向量；而矩阵a的秩，所以也是矩阵的一个特征值．故在正交变换下的标准形为．2023年全国硕士研究生入学统一考试数学二试题解析一、选择题〔1〕【答案】:〔c〕【解析】:，所以为垂直渐近线，所以为水平渐近线，没有斜渐近线，总共两条渐近线，选〔c〕。〔2〕【答案】:〔c〕【解析】:所以，应选〔c〕。〔3〕【答案】:(b)【解析】:由于，是单调递增的，可知当数列有界时，收敛，也即是存在的，此时有，也即收敛。反之，收敛，却不一定有界，例如令，显然有收敛，但是无界的。故数列有界是数列收敛的充分非必要条件，选(b)。〔4〕【答案】:(d)【解析】:由于当时，可知，也即，可知。又由于，对做变量代换得，故由于当时，可知，也即，可知。综上所述有，应选(d).〔5〕【答案】:(d)【解析】:，表示函数关于变量是单调递增的，关于变量是单调递减的。因此，当时，必有，应选d〔6〕【答案】:〔d〕【解析】:区域d如图中阴影局部所示，为了便于讨论，再引入曲线将区域分为四局部。由于关于轴对称，可知在上关于的奇函数积分为零，故；又由于关于轴对称，可知在上关于的奇函数为零，故。因此，应选〔d〕。〔7〕【答案】:〔c〕【解析】:由于，可知线性相关。应选〔c〕。〔8〕【答案】:〔b〕【解析】:，那么，故应选〔b〕。二、填空题〔9〕【答案】:【解析】:将代入原方程可得方程两端对求导，有，将、代入可得，所以再次求导得，再将、、代入可得。〔10〕【答案】:【解析】:原式〔11〕【答案】:.【解析】:因为，所以〔12〕【答案】:【解析】:为一阶线性微分方程，所以又因为时，解得，故.〔13〕【答案】:【解析】:将代入曲率计算公式，有整理有，解得，又，所以，这时，故该点坐标为〔14〕【答案】:【解析】:，其中，可知。三、解答题〔15〕【解析】:〔1〕，即〔2〕,当时，由又因为，当时，与等价，故，即〔16〕【解析】:，先求函数的驻点:令，解得驻点为.又对点，有所以，，故在点处取得极大值.对点，有所以，，故在点处取得极小值.〔17〕【解析】:如图设切点坐标为，斜率为，所以设切线方程为，又因为该切线过，所以，故切线方程为:切线与轴交点为〔1〕〔2〕〔18〕【解析】:令得，原式。〔19〕【解析】:1〕特征方程为，特征根为，齐次微分方程的通解为.再由得，可知。故2〕曲线方程为，那么，令得。为了说明是唯一的解，我们来讨论在和时的符号。当时，，可知；当时，，可知。可知是唯一的解。同时，由上述讨论可知曲线在左右两边的凹凸性相反，可知点是曲线唯一的拐点。〔20〕【解析】:令，可得当时，有，，所以，故。而，即得，也即。当时，有，，所以，故。而，即得，也即。当时，显然有。可知，〔21〕【解析】:(1)由题意得:令，那么，再由，由零点定理得在至少存在一个零点，也即方程在区间内至少有一个实根。又由于在上是单调的，可知在内最多只有一个零点。故方程在区间内有且仅有一个实根。〔2〕由于，可知〔ⅰ〕，进而有，可知〔ⅱ〕，比拟〔ⅰ〕式与〔ⅱ〕式可知，故单调。又由于，也即是有界的。那么由单调有界收敛定理可知收敛，假设，可知。当时，。〔22〕【解析】:〔ⅰ〕〔ⅱ〕可知当要使得原线性方程组有无穷多解，那么有及，可知。此时，原线性方程组增广矩阵为，进一步化为行最简形得可知导出组的根底解系为，非齐次方程的特解为，故其通解为线性方程组存在2个不同的解，有.即:，得或-1.当时,，显然不符，故.〔23〕【解析】:1〕由可得，，可知。2〕令矩阵解得矩阵的特征值为:对于得对应的特征向量为:对于得对应的特征向量为:对于得对应的特征向量为:将单位化可得:，，令可将原二次型化为。2023年全国硕士研究生入学统一考试数学二试题解析选择题:cbccabdd填空题:10.11.12.1314.未找到该年试题选择题及填空题解析，望见谅！解答题:解:16.解:没找到答案，望见谅！17.解:解:19.解:解:解:解:解:2023年全国硕士研究生入学统一考试数学二试题解析选择题答案:bacdbdad填空题答案:10.y=2×11.13.3cm/s14.3三解答题15.列表讨论如下:x-1(-1,0)0(0,1)1(1,+)-0+0-0+极小极大极小16.17.18解:s1s2yxs1s2yx19解:20.21.22.23.2023年全国硕士研究生入学统一考试数学二试题解析一、选择题:〔1〕【答案】c【解析】那么当取任何整数时，均无意义故的间断点有无穷多个，但可去间断点为极限存在的点，故应是的解故可去间断点为3个，即〔2〕【答案】a【解析】为等价无穷小，那么故排除.另外存在，蕴含了故排除.所以此题选a.〔3〕【答案】d【解析】因可得又在〔0，0〕处，故〔0，0〕为函数的一个极小值点.〔4〕【答案】c【解析】的积分区域为两局部:，将其写成一块故二重积分可以表示为，故答案为c.〔5〕【答案】b【解析】由题意可知，是一个凸函数，即，且在点处的曲率，而，由此可得，在上，，即单调减少，没有极值点.对于，〔拉格朗日中值定理〕而由零点定理知，在上，有零点.故应选〔b〕.〔6〕【答案】d【解析】此题为定积分的应用知识考核，由的图形可见，其图像与轴及轴、所围的图形的代数面积为所求函数，从而可得出几个方面的特征:①时，，且单调递减.②时，单调递增.③时，为常函数.④时，为线性函数，单调递增.⑤由于f(x)为连续函数结合这些特点，可见正确选项为.〔7〕【答案】b【解析】根据假设分块矩阵的行列式即分块矩阵可逆〔8〕【答案】a【解析】，即:二、填空题〔9〕【答案】【解析】所以所以切线方程为.〔10〕【答案】【解析】因

为极限存在所以〔11〕【答案】0【解析】令所以即〔12〕【答案】【解析】对方程两边关于求导有，得对再次求导可得，得当时，，，代入得〔13〕【答案】【解析】因为，令得驻点为.又，得，故为的极小值点，此时，又当时，；时，，故在上递减，在上递增.而，，所以在区间上的最小值为.(14)【答案】【解析】因为相似于，根据相似矩阵有相同的特征值，得到得特征值是而是一个常数，是矩阵的对角元素之和，那么三、解答题〔15〕【解析】〔16〕【解析】令得而所以〔17〕【解析】〔18〕【解析】解微分方程得其通解为任意常数又因为通过原点时与直线及围成平面区域的面积为2，于是可得从而于是，所求非负函数又由可得，在第一象限曲线表示为于是d围绕轴旋转所得旋转体的体积为，其中.〔19〕【解析】由得，.〔20〕【解析】由题意，当时，，即，得，又代入得，从而有当时，得的通解为令解为，那么有，得，故，得的通解为由于是内的光滑曲线，故在处连续于是由，故时，在处连续又当时，有，得，当时，有，得由得，即故的表达式为或，又过点，所以.〔21〕【解析】〔ⅰ〕作辅助函数，易验证满足:；在闭区间上连续，在开区间内可导，且.根据罗尔定理，可得在内至少有一点，使，即〔ⅱ〕任取，那么函数满足；在闭区间上连续，开区间内可导，从而有拉格朗日中值定理可得:存在，使得……又由于，对上式〔*式〕两边取时的极限可得:故存在，且.〔22〕【解析】〔ⅰ〕解方程故有一个自由变量，令，由解得，求特解，令，得故，其中为任意常数解方程故有两个自由变量，令，由得求特解故，其中为任意常数.〔ⅱ〕证明:由于故线性无关.〔23〕【解析】〔ⅰ〕〔ⅱ〕假设标准形为，说明有两个特征值为正，一个为0.那么假设，那么，，不符题意假设，即，那么，，符合假设，即，那么，，不符题意综上所述，故.2023年全国硕士研究生入学统一考试数学二试题解析(1)【答案】【详解】因为，由罗尔定理知至少有，使，所以至少有两个零点.又中含有因子，故也是的零点，d正确.(2)【答案】【详解】其中是矩形aboc面积，为曲边梯形abod的面积，所以为曲边三角形的面积．(3)【答案】【详解】由微分方程的通解中含有、、知齐次线性方程所对应的特征方程有根，所以特征方程为，即.故以函数为通解的微分方程是(4)【答案】【详解】时无定义，故是函数的间断点因为同理又所以是可去间断点，是跳跃间断点.(5)【答案】【详解】因为在内单调有界，且单调.所以单调且有界.故一定存在极限.(6)【答案】【详解】用极坐标得所以(7)【答案】【详解】，故均可逆．(8)【答案】【详解】记，那么，又所以和有相同的特征多项式，所以和有相同的特征值.又和为同阶实对称矩阵，所以和相似．由于实对称矩阵相似必合同，故正确.二、填空题(9)【答案】2【详解】所以(10)【答案】【详解】微分方程可变形为所以(11)【答案】【详解】设，那么，将代入得，所以切线方程为，即(12)【答案】【详解】时，；时，不存在在左右近旁异号，在左右近旁，且故曲线的拐点为(13)【答案】【详解】设，那么所以所以(14)【答案】-1【详解】三、解答题(15)【详解】方法一:方法二:(16)【详解】方法一:由得，积分并由条件得，即所以方法二:由得，积分并由条件得，即所以所以(17)【详解】方法一:由于，故是反常积分.令，有，方法二:令，有，o0.52xdo0.52xd1d3d2(18)【详解】曲线将区域分成两个区域和，为了便于计算继续对区域分割，最后为o0.52xo0.52xd1d3d2(19)【详解】旋转体的体积，侧面积，由题设条件知上式两端对求导得，即由别离变量法解得，即将代入知，故，于是所求函数为(20)【详解】(i)设与是连续函数在上的最大值与最小值，即由定积分性质，有，即由连续函数介值定理，至少存在一点，使得即(ii)由(i)的结论可知至少存在一点，使又由，知对在上分别应用拉格朗日中值定理，并注意到，得在上对导函数应用拉格朗日中值定理，有(21)【详解】方法一:作拉格朗日函数令解方程组得故所求的最大值为72，最小值为6.方法二:问题可转化为求在条件下的最值设令解得，代入，得故所求的最大值为72，最小值为6.(22)【详解】(i)证法一:证法二:记，下面用数学归纳法证明．当时，，结论成立．当时，，结论成立．假设结论对小于的情况成立．将按第1行展开得故证法三:记，将其按第一列展开得，所以即(ii)因为方程组有唯一解，所以由知，又，故．由克莱姆法那么，将的第1列换成，得行列式为所以(iii)方程组有无穷多解，由，有，那么方程组为此时方程组系数矩阵的秩和增广矩阵的秩均为，所以方程组有无穷多解，其通解为为任意常数．(23)【详解】(i)证法一:假设线性相关．因为分别属于不同特征值的特征向量，故线性无关，那么可由线性表出，不妨设，其中不全为零(假设同时为0，那么为0，由可知，而特征向量都是非0向量，矛盾)，又，整理得:那么线性相关，矛盾.所以，线性无关.证法二:设存在数，使得(1)用左乘(1)的两边并由得(2)(1)—(2)得(3)因为是的属于不同特征值的特征向量，所以线性无关，从而，代入(1)得，又由于，所以，故线性无关.(ii)记，那么可逆，所以.2023年全国硕士研究生入学统一考试数学二试题解析1【分析】此题为等价无穷小的判定，利用定义或等价无穷小代换即可.【详解】当时，，，，故用排除法可得正确选项为〔b〕.事实上，，或.所以应选〔b〕【评注】此题为关于无穷小量比拟的基此题型，利用等价无穷小代换可简化计算.2【分析】因为函数为初等函数，那么先找出函数的无定义点，再根据左右极限判断间断点的类型.【详解】函数在均无意义，而；；.所以为函数的第一类间断点，故应选〔a〕.【评注】此题为根底题型.对初等函数来讲，无定义点即为间断点，然后再根据左右极限判断间断点的类型；对分段函数来讲，每一分段支中的无定义点为间断点，而分段点也可能为间断点，然后求左右极限进行判断.段函数的定积分.3【详解】利用定积分的几何意义，可得，，.所以，应选〔c〕.【评注】此题属基此题型.此题利用定积分的几何意义比拟简便.4【分析】此题考查可导的极限定义及连续与可导的关系.由于题设条件含有抽象函数，此题最简便的方法是用赋值法求解，即取符合题设条件的特殊函数去进行判断，然后选择正确选项.【详解】取，那么，但在不可导，应选〔d〕.事实上，在(a),(b)两项中，因为分母的极限为0，所以分子的极限也必须为0，那么可推得.在〔c〕中，存在，那么，所以(c)项正确，应选(d)【评注】对于题设条件含抽象函数或备选项为抽象函数形式结果以及数值型结果的选择题，用赋值法求解往往能收到奇效.5【分析】利用曲线的渐近线的求解公式求出水平渐近线，垂直渐近线和斜渐近线，然后判断.【详解】，所以是曲线的水平渐近线；，所以是曲线的垂直渐近线；，，所以是曲线的斜渐近线.应选〔d〕.【评注】此题为基此题型，应熟练掌握曲线的水平渐近线，垂直渐近线和斜渐近线的求法.注意当曲线存在水平渐近线时，斜渐近线不存在.此题要注意当时的极限不同.6【分析】此题依据函数的性质，判断数列.由于含有抽象函数，利用赋值法举反例更易得出结果.【详解】选〔d〕.取，，，而发散，那么可排除〔a〕；取，，，而收敛，那么可排除〔b〕；取，，，而发散，那么可排除〔c〕；应选〔d〕.事实上，假设，那么.对任意，因为，所以，对任意，.应选〔d〕.【评注】对于含有抽象函数的问题，通过举符合题设条件的函数的反例可简化计算.7【分析】此题考查二元函数可微的充分条件.利用可微的判定条件及可微与连续，偏导的关系.【详解】此题也可用排除法，〔a〕是函数在连续的定义；〔b〕是函数在处偏导数存在的条件；〔d〕说明一阶偏导数存在，但不能推导出两个一阶偏导函数在点(0,0)处连续，所以〔a〕〔b〕〔d〕均不能保证在点处可微.故应选〔c〕.事实上，由可得，即同理有从而=.根据可微的判定条件可知函数在点处可微，故应选(c).【评注】二元函数连续或偏导数存在均不能推出可微，只有当一阶偏导数连续时，才可微.8,【分析】此题更换二次积分的积分次序，先根据二次积分确定积分区域，然后写出新的二次积分.【详解】由题设可知，，那么，故应选〔b〕.【评注】此题为根底题型.画图更易看出.9【分析】此题考查由线性无关的向量组构造的另一向量组的线性相关性.一般令，假设，那么线性相关；假设，那么线性无关.但考虑到此题备选项的特征，可通过简单的线性运算得到正确选项.【详解】由可知应选〔a〕.或者因为，而，所以线性相关，应选〔a〕.【评注】此题也可用赋值法求解，如取，以此求出〔a〕，〔b〕，〔c〕，〔d〕中的向量并分别组成一个矩阵，然后利用矩阵的秩或行列式是否为零可立即得到正确选项.10.【分析】此题考查矩阵的合同关系与相似关系及其之间的联系，只要求得的特征值，并考虑到实对称矩阵必可经正交变换使之相似于对角阵，便可得到答案.【详解】由可得，所以的特征值为3,3,0；而的特征值为1,1,0.所以与不相似，但是与的秩均为2，且正惯性指数都为2，所以与合同，应选〔b〕.【评注】假设矩阵与相似，那么与具有相同的行列式，相同的秩和相同的特征值.所以通过计算与的特征值可立即排除〔a〕〔c〕.11【分析】此题为未定式极限的求解，利用洛必达法那么即可.【详解】.【评注】此题利用了洛必达法那么.此题还可用泰勒级数展开计算.因为，所以.12【分析】此题考查参数方程的导数及导数的几何意义.【详解】因为，所以曲线在对应于的点的切线斜率为，故曲线在对应于的点的法线斜率为.【评注】此题为根底题型.13【分析】此题求函数的高阶导数，利用递推法或函数的麦克老林展开式.【详解】，那么，故.【评注】此题为根底题型.14【分析】此题求解二阶常系数非齐次微分方程的通解，利用二阶常系数非齐次微分方程解的结构求解，即先求出对应齐次方程的通解，然后求出非齐次微分方程的一个特解，那么其通解为.【详解】对应齐次方程的特征方程为，那么对应齐次方程的通解为.设原方程的特解为，代入原方程可得，所以原方程的特解为，故原方程的通解为，其中为任意常数.【评注】此题为根底题型.15【分析】此题为二元复合函数求偏导，直接利用公式即可.【详解】利用求导公式可得，，所以.【评注】二元复合函数求偏导时，最好设出中间变量，注意计算的正确性.16【分析】先将求出，然后利用定义判断其秩.【详解】.【评注】此题考查矩阵的运算和秩，为根底题型.17【分析】对含变上限积分的函数方程，一般先对x求导，再积分即可.【详解】两边对求导得，〔〕两边积分得.〔1〕将代入题中方程可得.因为是区间上单调、可导的函数，那么的值域为，单调非负，所以.代入〔1〕式可得，故.【评注】利用变限积分的可导性是解函数方程的方法之一.18【分析】v(a)的可通过广义积分进行计算，再按一般方法求v(a)的最值即可【详解】〔ⅰ〕.〔ⅱ〕令，得.当时，，单调增加；当时，，单调减少.所以在取得极大值，即为最大值，且最大值为.【评注】此题为定积分几何应用的典型问题，需记忆相关公式，如平面图形的面积，绕坐标轴的旋转体的体积公式等.19【分析】此题为不含的可降阶方程，令，然后求解方程.【详解】此题不含，那么设，于是，原方程变为，那么，解之得，将代入左式得，于是，结合得，故.【评注】此题为根底题型.20.【分析】此题实质上是二元复合函数的求导，注意需用隐函数求导法确定..【详解】令，那么.两边对求导得，又，可得在两边对求导得.所以..【评注】也可利用两边对求导得可得.21【分析】由所证结论可联想到构造辅助函数，然后根据题设条件利用罗尔定理证明.【详解】令，那么在上连续，在内具有二阶导数且.〔1〕假设在内同一点取得最大值，那么，于是由罗尔定理可得，存在，使得.再利用罗尔定理，可得存在，使得，即.〔2〕假设在内不同点取得最大值，那么，于是，于是由零值定理可得，存在，使得于是由罗尔定理可得，存在，使得.再利用罗尔定理，可得，存在，使得，即.【评注】对命题为的证明，一般利用以下两种方法:方法一:验证为的最值或极值点，利用极值存在的必要条件或费尔马定理可得证；方法二:验证在包含于其内的区间上满足罗尔定理条件.22【分析】由于积分区域关于轴均对称，所以利用二重积分的对称性结论简化所求积分.【详解】因为被积函数关于均为偶函数，且积分区域关于轴均对称，所以，其中为在第一象限内的局部.而.所以.【评注】被积函数包含时,可考虑用极坐标，解答如下:.23【分析】将方程组和方程合并，然后利用非齐次线性方程有解的判定条件求得.【详解】将方程组和方程合并，后可得线性方程组其系数矩阵..显然，当时无公共解.当时，可求得公共解为,为任意常数；当时，可求得公共解为.【评注】此题为根底题型，考查非齐次线性方程组解的判定和结构.〔24〕【分析】此题考查实对称矩阵特征值和特征向量的概念和性质.【详解】〔=1\*romani〕，那么是矩阵的属于－2的特征向量.同理可得，.所以的全部特征值为2，1，1设的属于1的特征向量为，显然为对称矩阵，所以根据不同特征值所对应的特征向量正交，可得.即，解方程组可得的属于1的特征向量，其中为不全为零的任意常数.由前可知的属于－2的特征向量为，其中不为零.〔=2\*romanii〕令，由〔ⅰ〕可得，那么.【评注】此题主要考查求抽象矩阵的特征值和特征向量，此类问题一般用定义求解，要想方设法将题设条件转化为的形式.请记住以下结论:〔1〕设是方阵的特征值，那么分别有特征值可逆〕，且对应的特征向量是相同的.〔2〕对实对称矩阵来讲，不同特征值所对应的特征向量一定是正交的2023年全国硕士研究生入学统一考试数学二试题解析一、填空题〔1〕〔2〕〔3〕〔4〕〔5〕 当x=0时，y=1， 又把方程每一项对x求导， (6)2解:由ba=b+2e化得b(a-e)=2e,两边取行列式,得|b||a-e|=|2e|=4,计算出|a-e|=2,因此|b|=2.二、选择题〔7〕a 由严格单调增加 是凹的 即知〔8〕b〔9〕c∵，g(1)= 〔10〕d将函数代入答案中验证即可.〔11〕c〔12〕d今代入(1)得今应选[d](13)a此题考的是线性相关性的判断问题,可以用定义解.假设1,2,…,s线性相关,那么存在不全为0的数c1,c2,…,cs使得c11+c22+…+css=0,用a左乘等式两边,得c1a1+c2a2+…+csas=0,于是a1,a2,…,as线性相关.如果用秩来解,那么更加简单明了.只要熟悉两个根本性质,它们是:1.1,2,…,s线性无关r(1,2,…,s)=s.2.r(ab)r(b).矩阵(a1,a2,…,as)=a(1,2,…,s),因此r(a1,a2,…,as)r(1,2,…,s).由此马上可判断答案应该为(a).(14)b用初等矩阵在乘法中的作用得出b=pa, 1-10c=b010=bp-1=pap-1.001三、解答题〔15〕 解:泰勒公式代入等式得 整理得 比拟两边同次幂函数得 b+1=a ①c+b+=0 ② ③式②-③得 代入①得 代入②得 〔16〕 解:原式= .〔17.〕 解:用极坐标系 .〔18〕证:〔1〕 单调减少有下界 根据准那么1，存在 在两边取极限得 因此 〔2〕原式 离散型不能直接用洛必达法那么 先考虑 用洛必达法那么 .〔19〕证:令 只需证明严格单调增加 严格单调减少又故单调增加〔严格〕 得证〔20〕证:〔i〕 〔ii〕令 〔21〕解:〔i〕 〔ii〕切线方程为，设，， 那么 得 点为〔2，3〕，切线方程为 〔iii〕设l的方程那么由于〔2，3〕在l上，由(22)解:=1\*gb3①设1,2,3是方程组的3个线性无关的解,那么2-1,3-1是ax=0的两个线性无关的解.于是ax=0的根底解系中解的个数不少于2,即4-r(a)2,从而r(a)2.又因为a的行向量是两两线性无关的,所以r(a)2.两个不等式说明r(a)=2.=2\*gb3②对方程组的增广矩阵作初等行变换:1111-11111-1(a|)=435-1-10–11–53,a13b1004-2a4a+b-54-2a由r(a)=2,得出a=2,b=-3.代入后继续作初等行变换:102-4201-15-3.00000得同解方程组x1=2-2×3+4×4，x2=-3+x3-5×4，求出一个特解(2,-3,0,0)t和ax=0的根底解系(-2,1,1,0)t,(4,-5,0,1)t.得到方程组的通解:(2,-3,0,0)t+c1(-2,1,1,0)t+c2(4,-5,0,1)t,c1,c2任意.(23)设3阶实对称矩阵a的各行元素之和都为3,向量1=(-1,2,-1)t,2=(0,-1,1)t都是齐次线性方程组ax=0的解.=1\*gb3①求a的特征值和特征向量.=2\*gb3②求作正交矩阵q和对角矩阵,使得qtaq=.解:=1\*gb3①条件说明a(1,1,1)t=(3,3,3)t,即0=(1,1,1)t是a的特征向量,特征值为3.又1,2都是ax=0的解说明它们也都是a的特征向量,特征值为0.由于1,2线性无关,特征值0的重数大于1.于是a的特征值为3,0,0.属于3的特征向量:c0,c0.属于0的特征向量:c11+c22,c1,c2不都为0.=2\*gb3②将0单位化,得0=(,,)t.对1,2作施密特正交化,的1=(0,-,)t,2=(-,,)t.作q=(0,1,2),那么q是正交矩阵,并且300qtaq=q-1aq=000.0002023年全国硕士研究生入学统一考试数学二试题解析一、填空题〔此题共6小题，每题4分，总分值24分.把答案填在题中横线上〕〔1〕.【分析】此题属基此题型，幂指函数的求导〔或微分〕问题可化为指数函数求导或取对数后转化为隐函数求导.【详解】方法一:=，于是，从而=方法二:两边取对数，，对x求导，得，于是，故=〔2〕.【分析】此题属基此题型，直接用斜渐近线方程公式进行计算即可.【详解】因为a=，于是所求斜渐近线方程为〔3〕.【分析】作三角代换求积分即可.【详解】令，那么=〔4〕.【分析】直接套用一阶线性微分方程的通解公式:，再由初始条件确定任意常数即可.【详解】原方程等价为，于是通解为=，由得c=0，故所